勾股定理即费尔马大定理证明

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CGY4ever

恩
好像还有道理
等下仔细看看

申一言

[这个贴子最后由申一言在 2008/04/26 09:42pm 第 2 次编辑] 中华哥您好! 您提到:"申先生,我名中华,很希望中华单位定理能够证明包括费尔马定理等一系列定理与猜想,但数学却是客观无情的.一般来说任何一个定理不可能证明多个猜想与难题,而你偏偏这样说,这样做,原因只能有一个----你的基本盘错误" 中华哥: 那是因为我用中华单位定理所能证明的若干猜想其实都是同属于"中华簇"的问题, ★中华簇★ 1. {[X^n(X^n+Y^n)]^1/2}^2+{[Y^n(X^n+Y^n)]^1/2}^2=Z^2n n=0,1,2,3,,, X,Y,Z∈N, 1)当n=0时得 (1) 1+1+1+1=1 ?(此时1以不是单位,是点!) a1,(0,y1),b1,(0,0),c1,(x1,0),d1,(0,0) 直角三角形的两个直角边分别平行X轴,Y轴.以不是直角三角形了. 2)n=1 (2) X+Y=Z ①当X=Pn,Y=Qn,Z=2n,(Pn,Qn)=1,Pn+Qn=2n, (歌德巴赫猜想) ②当X=Pn,Y=Qn=Pn+2,(Pn,Qn)=1,Pn+Qn=4n (孪生素数猜想) ③当X=Y=Pn,Pn+Pn=2n=Mn,Pn=Mn/2=X/2 (黎曼 猜想) 3)n=2 (3)X^2+Y^2=Z^2 勾股定理(毕达哥拉斯定理) 4)n≥3 X^n+Y^n=Z^n 是"费尔马大猜想"------------至今没有得到正确的证明! 由于以上各个猜想同属于中华簇,中华单位论又推导出可以正确证明以上各个猜想的关于正整数与正整数之间正确关系的理论,定理以及公式! 因此中华单位论的定理自然而然的就可以正确的证明这一系列的同属于中华簇的"猜想" 中华哥: 现在您该明白了吧? 忠友弟敬上. 谢谢! -=-=-=-=- 以下内容由 申一言 在 时添加 -=-=-=-=- 中华簇的实质包括.费尔马大猜想,n≥3)是 Z=C^2n,即 X^n+Y^n=C^2n=(C^n)^2 也就是说要想证明该大猜想正确! 只需证明当n≥2,(X^n+Y^n)是完全平方数即可! 而其中的关键理论根据之一是^n是P进制单位! 之二的理论根据就是 X,或Y必须有一个等于 2mn,m,n是任何正整数,m＞n (m,n)=1,如果没有其他两项则不必考虑,Y=m^2-n^2,Z=m^2+n^2. 该大猜想只是两个正整数(P^n形)的和是否可以是第三个此类型的正整数(P^n). 中华单位论基本定理3 两个P进制单位不能构成第三个P进制单位,只能构成基本单位 1.n=0 .+.+.+.=. 2.n=1. ■+■=■■ 3.n=2 ■■■ ■■■■ ■■■■■ ■■■+ ■■■■ = ■■■■■ ■■■ ■■■■ ■■■■■ ■■■■ ■■■■■ ■■■■■ 3^2 + 4^2 = 5^2 a^2-b^2=3, 2ab=4, a^2+b^2=5,所以Z=c^2n=5^2*1 4,n≥3 (1)n=3 ■■■+■■■■■ ■■■■■■ ■■■ ■■■■■=■■■■■■ ■■□ ■■■■■ ■■■■■■ ■■■■■ ■■■■■■ ■■■■■ ■■■■■■ ■■ ■■■■■□ 2^3 + 3^3 = 6^2-1=35 因为 2*2*2≠2ab,3*3*3≠2ab,所以Z≠c^2n,即Z^n=35,Z^n/2=35^1/2 (2)n=4 ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■+■■■■■■■■■= ■■■■■■■■■■ ■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■ ■■■■■■■■■■ ■■■■■■■□□□ 2^4(4^2) + 3^4(9^2) = 10^2-3=97 X=16=2^2n=2^2*2, Y=81=3^2n=3^2*2,Z=97≠c^2n 由此可知"费尔马大猜想"实质就是,两个P进制单位(自然数)之和,不可能是第三个P进制单位,即Z^n≠A^2 尊敬的教授,数论大家,学者们:你们好! 当您看了上面以中华单位论的单位■(□,空位)来表示中华簇的 当n=0,1,2,3,,,,,各个的具体数值时,您有何感想? 您还坚持用高次不定方程,复变函数以及椭圆曲线去证明"费尔马大猜想"吗? 您还怀疑<中华单位论>用中华单位的相关定理以及商高定理(毕达哥拉斯定理)的证明是错误的,是不可能的吗?! 您还怀疑《中华单位论》是正确的吗? 我真的不希望可尊敬的各位出现这么低级的错误! 我真诚的希望您们能够慧眼识明珠!您们能够成为当代的伯乐! 为中国早日成为数学强国牵线搭桥! 我和中国的子孙不会忘记您们的!!! 刘忠友 谢谢您! [br][br]-=-=-=-=- 以下内容由 申一言 在 时添加 -=-=-=-=- 您的标题是正确的! 思路是繁杂的. 对不起! 欧阳中华哥. 老弟:忠友.

oyazhua

    经过几位数学老师的关心和关爱,才有了这篇小文,而小文不小,他与丢番图问题相一致,是通向费尔马大定理奇妙之路.

wanghai

[这个贴子最后由wanghai在 2008/04/29 06:15pm 第 3 次编辑]

我们来分析一下整体思路，看究竟你的工作缺陷在哪里。
针对刁番都的2次方程求解，笔者用m^2,n^2替代了A，B。于是，√2ab中的a,b成了m^2,n^2已经成为完全平方数。此时显然√2ab得置换，否则由于√2的存在无整数解了。令X=2mn是显然合理的,于此相应是A=2m^2.但是，仅就2次方程而言，该思路就丢掉了无数组正整数解。试问，一个不完整且间断的曲线能准确地描述该对应方程的所有性质吗？由此种思路去推想n大于2尽管用了“伪成立”一词能掩盖此路不通的尴尬境地吗？只能这样说，虽然笔者处于比刁番都优越多的数学理论年代，但笔者对刁番都的“修改”恰是画蛇添足。
所以，笔者关于大定理的另文因起点错误，费尽心思去“证明”X=rm是徒劳的。这是简单的逻辑。

再编辑下希望唤醒梦中的你。逻辑和事实：在n大于2为素数时，确实有整数组解的必要条件是A，B为完全n次方数和含n因子则应为n的n-1次方；但是n=2此种条件却不是必要的，这是因为2既是偶数又是素数的缘故。恰因为在n大于2为素数时A，B的性质决定了等式成立的基本条件排斥X=AB（这一点也由在n=2时笔者X=AB得到等式不等所证明）。用什么方法能得到X=AB呢？当然用“错误”的和随心所欲的即可。

oyazhua

    感谢李阳先生浏览与回帖,我们仅就2次方程进行交换看法:“笔者用m^2,n^2替代了A，B”,替换应当是先生(x+A)^2+(x+B)^2=(x+A+B)^2形式中得AB,其实还有用m^2,2n^2替代了A，B,不知是先生遗落还是没注意。“针对刁番都的2次方程求解，笔者用m^2,n^2替代AB”这种认识有误,正确得回答是针对丢番图的2次方程求解，笔者用m^2,2n^2替代ab。
   “仅就2次方程而言，该思路就丢掉了无数组正整数解”，请先生指出一个来，中华不才，但勾股数应当知道，定会把丢掉得永远牢记；鄙人提出的勾股定理新结构形式为[x+(m^2)]^2+[x+(2n^2)]^2=[x+(m^2)+(2n^2)]^2,x=2(m^2)(n^2),与丢番图解答组及通用解答组有什么区别？

wanghai

首先，上回帖因“。令X=2mn是显然合理的,于此相应是A=2m^2.但是，仅就2次方程而言，该思路就丢掉了无数组正整数解。”中的“无数组整数组解”是“无数组有理数组解”之笔误。由此引起误解是本人笔误所至。原想表达的意思在<大定理考古>一文中已经由第一陷阱阐述过了。 因为[x+(m^2)]^2+[x+(2n^2)]^2=[x+(m^2)+(2n^2)]^2,在我的证明里，由(1+b)^2+(1+c)^2=(1+b+c)^2 中，由通解bc=1/2 令b=n/m 得到c=m/2n，代回分式方程中，通分后得到的整数方程就是(2mn+m^2)^2+(2mn+m^2)^2=(2mn+m^2+2n^2)^2.所以6楼是指出由分式方程不经分析就回到整数方程不仅仅丢掉了无数有理解对应的性质，并且丢掉了在实际存在的曲线无理组解所补充的点间的连续性。这对于研究费尔玛大定理和与此有关的2次刁番都方程无疑是画蛇添足。 用分式方程回归的方法对n大于2将b=m1/k1 c=mk1/km1代入，你会发现X=rm肯定丢掉了因子。 实在说，对于只在整数中分析问题实在是无出路的。而意识到这一点确实是困难的。这也是之所以用初等方法大定理迟迟得不到解决的原因。

oyazhua

   李晋阳先生不仅要解决正整数问题,还有解决有理数及无理数问题.
   中华不才,只能解决正整数问题.

wanghai

比如x=y的问题，在整数方程中x=y=1，2，3。。。k , 此时，z=k√2,其本质是x=y=1时，z=√2，其它均为增比解而已。也就是该问题实质在坐标中仅是一个点，就象数轴上书写成1/1，2/2，3/3。。。却都只是“1”这个点一样。而此种问题用整数方程直接进行分析得到的不是一个点，而是一条线。况且对于实际存在的无理数同上述性质的所有点，用整数方程进行描述就极为困难。但用   (1+b)2+(1+c)2=(1+b+c)2  bc=1/2  就能轻松得到b=c=√2/2，于是在三维坐标中（√2/2，√2/2，1/2）这个唯一的点就具有了对应整数方程所有x=y的性质。