一箭双雕：哥德巴赫猜想与孪生素数猜想

任在深

cuikun-186你屁话连篇！
阴盛阳衰，莫非妻妾成群，红颜知己太多？
注意身体！

任在深

cuikun-186
你也不要嫉妒！  发表于 2022-6-30 17:03
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然也！

任在深

uikun-186
呵呵！你应该说多乎哉不多也！  发表于 2022-6-30 17:10
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否也！

cuikun-186

孪生素数有无穷多



                                   崔 坤

中国山东青岛即墨, 266200,E-mail：cwkzq@126.com



摘要：孪生素数猜想正式由希尔伯特在1900年国际数学家大会的报告上的第8个问题中提出，可以这样描述：

存在无穷多个素数p，使得p + 2是素数，素数对（p, p + 2）称为孪生素数

关键词：孪生素数，奇素数，恒等函数

中图分类号：O156         文献标识码：A

                                   Cui Kun

266200,Jimo, Qingdao, Shandong, China       E-mail: cwkzq@126.com

There are infinitely many twin prime pairs

abstract ：

The twin prime conjecture was formally proposed by Hilbert in the 8th question of the report of the International Congress of Mathematicians in 1900, It can be described like this: there are infinitely many prime numbers p, such that p + 2 is a prime number, and the prime number pair (p, p + 2) is called a twin prime number

key words:

Twin primes, odd primes, identity functions

证明：

引理：每个大于等于9的奇数都是3+两个奇素数之和

证明：

根据2013年秘鲁数学家哈罗德·贺欧夫格特已经彻底地证明了的三素数定理：

每个大于等于9的奇数都是三个奇素数之和，每个奇素数都可以重复使用。

它用下列公式表示：Q是每个≥9的奇数，奇素数：q1≥3，q2≥3，q3≥3，

则Q=q1+q2+q3 根据加法交换律结合律，不妨设：q1≥q2≥q3≥3，

则Q-3=q1+q2+q3-3 显见：有且仅有q3=3时，Q-3=q1+q2，

否则，奇数9，11，13都是三素数定理的反例。

即每个大于等于6的偶数都是两个奇素数之和

推论Q=3+q1+q2，即每个大于等于9的奇数都是3+两个奇素数之和。

我们运用数学归纳法做如下证明：

给出首项为9，公差为2的等差数列：Qn=7+2n：{9,11,13,15,17,.....}

Q1= 9

Q2= 11

Q3= 13

Q4= 15
.......

Qn=7+2n=3+q1+q2,(其中奇素数q1≥q2≥3，奇数Qn≥9，n为正整数）

数学归纳法：

第一步：当n=1时 ，Q1=9 时 ，Q1=9=3+q1+q2=3+3+3成立

第二步：假设 ：n=k时，Qk=3+qk1+qk2成立,（奇素数：qk1≥3，qk2≥3）

第三步：当n=k+1时,Q（k+1）=Qk+2=3+qk1+qk2+2,

此时有且仅有2种情况：

A情况:qk1+2不为素数，或者qk2+2不为素数，再或者(qk1+2)与(qk2+2)同时不为素数时，

Qk+2=Q（k+1）=5+qk1+qk2

即每个大于等于11的奇数都是5+两个奇素数之和，

这也就同步证明了每个大于等于6的偶数都是两个奇素数之和

即与“每个大于等于9的奇数都是3+两个奇素数之和”是等价的

即Qk+2=3+qk1+qk2+2=5+qk1+qk2=3+qk3+qk4，（奇素数：qk3≥3，qk4≥3）

B情况:

(1)若qk1+2为qk1的孪生素数P,

则：Qk+2=3+P+qk2,即每个大于等于11的奇数都是3+两个奇素数之和

(2) 若qk2+2为qk2的孪生素数P”,

则：Qk+2=3+P”+qk1，即每个大于等于11的奇数都是3+两个奇素数之和

综上所述，对于任意正整数n命题均成立，

即：每个大于等于9的奇数都是3+两个奇素数之和

结论：每个大于等于9的奇数都是3+两个奇素数之和，Q=3+q1+q2，（奇素数q1≥q2≥3，奇数Q≥9）

孪生素数有无穷多

证明：

设奇数Q≥9，奇素数q1≥3，奇素数q2≥3，奇素数q3≥3，奇素数q4≥3，则：

根据引理：

当Q≥11时：

Q=3+q1+q2

Q=5+q3+q4，

则：q1+q2≡2+q3+q4

q1+q2≡（2+q3）+q4≡q3+(2+q4)

根据解析恒等函数的性质可知：

q1=2+q3,q2=q4

或者：

q2=2+q4,q1=q3

由于Q无穷多，故q1=2+q3,或者q2=2+q4无穷多，故孪生素数有无穷多。

例如：

105=3+3+97+2=3+5+97，【3+97+2=5+97】，（3，5）是孪生素数

105=3+11+89+2=3+13+89；【11+89+2=13+89】，（11，13）是孪生素数

105=3+17+83+2=3+19+83；【17+83+2=19+83】，（17，19）是孪生素数

105=3+29+71+2=3+31+71；【29+71+2=31+71】，（29，31）是孪生素数

105=3+41+59+2=3+43+59；【41+59+2=43+59】，（41，43）是孪生素数

105=3+47+53+2=5+47+53；

结论：孪生素数有无穷多

参考文献：

[1] Major Arcs for Goldbach's Theorem. Arxiv [Reference date 2013-12-18]

[2] Minor arcs for Goldbach's problem．Arxiv [Reference date 2013-12-18]

cuikun-186

邪不压正！！！！

亘古不变！

cuikun-186

费马定理-崔坤公式：

（3^(n-1)）^3+(2*3^(n-1))^3=3^(3n-1)

注释：n为非0自然数。

推导如下：

（3^(n-1)）^3+(2*3^(n-1))^3=[（3^(n-1)）^3]*[1+2^3]=[（3^(n-1)）^3]*3^2=3^(3n-1)

即：（3^(n-1)）^3+(2*3^(n-1))^3=3^(3n-1)

例如：

1^3+2^3=3^2
3^3+6^3=3^5
9^3+18^3=3^8
27^3+54^3=3^11
81^3+162^3=3^14
243^3+486^3=3^17
729^3+1458^3=3^20
2187^3+4374^3=3^23
6561^3+13122^3=3^26
19683^3+39366^3=3^29

显然3^（3n-1）的指数（3n-1）不是3的倍数，即指数(3n-1)≠3m

从而等式右边指数不等于3的倍数

cuikun-186

愚蠢的驴子 发表于 2022-7-1 15:31
(3^(n-1)）^3+(2*3^(n-1))^3
=(3^(n-1)）^3+(2^3)*(3^(n-1))^3
=(3^(n-1)）^3+8*(3^(n-1))^3

当Q≥11时：

Q=3+q1+q2

Q=5+q3+q4，

则：q1+q2≡2+q3+q4

q1+q2≡（2+q3）+q4≡q3+(2+q4)

根据解析恒等函数的性质可知：

q1=2+q3,q2=q4

或者：

q2=2+q4,q1=q3

由于Q无穷多，故q1=2+q3,或者q2=2+q4无穷多，故孪生素数有无穷多。

请先生验证一下我的这个结论