论怀尔斯证明费马大定理成立的理论和方法的错误

maoguicheng

感谢大家参与。

maoguicheng

maoguicheng 发表于 2014-10-21 11:43
感谢大家参与。

日本数学家望月新一也提出怀尔斯证明费马大定理的公式有问题。

maoguicheng

maoguicheng 发表于 2014-10-24 18:02
日本数学家望月新一也提出怀尔斯证明费马大定理的公式有问题。

我是1995年就提出了他的证明有问题。但发布不了到数学杂志上去。

maoguicheng

后来，佩雷尔曼也指出怀尔斯的证明方法有问题。

任在深

--------这不好玩啊，李金国的论文中有许多错误，例如他说：A=R+T，两边平方，应该是A“=（R+T）”=R“+2RT+T”。但是他（李金国）的论文中是A“=R”+T“。
谢谢你以后不要再出现这样的顶贴。很无聊。别人的错误帖子不要放在我的帖子中。-------

              难道您不是这么证明的吗？！

maoguicheng

任在深 发表于 2014-11-6 20:34
--------这不好玩啊，李金国的论文中有许多错误，例如他说：A=R+T，两边平方，应该是A“=（R+T）”=R“+2RT ...

A=R+T,两边平方，A"=R"+T".8=5+3，两边平方，8“=64=R"+T"=5"+3"=25+9=34。这是别人的错误，我的论文中还没有发现这样的错误，故请任何人不要把别人的错误东东放在我的文章中。

任在深

自己看看吧！

本帖最后由 caqdnl 于 2014-9-25 14:35 编辑


我们先给出费马大定理成立的整数不等式公式 ：X^N+Y^N=/=Z^N。。。【10】
我们再给出毕达哥拉斯整数方程的公式：X^2+Y^2=Z^2……………….【1】
我们还要给出毕达哥拉斯整数方程的通解公式：
[【2AB 】K]^2 +[【A^2-B^2 】K]^2 =[【A^2+B^2 】K]^2……………………【2】
公式【2】是公式【1】成立的所有解，故公式【2】恒等公式【1】。
由公式【2】，我们可以知道，【2】式中有这样两个数存在；公式【2】等号左边的数是：
Y=【A^2-B^2 】K，。。。。。。。【3】。
点评：这里你把x=(2ab)k弄丟了，并且以下的证明都是把x=(2ab)k丟到一边了，由左边两项相加等于右边，变成了左边一项等于右边一项。这是错误的。公式【2】等号右边的数是：Z=【A^2+B^2 】K…【4】
若【2】式中的K=A^2-B^2时，则【3】式和【4】式可以写成：
Y=【A^2-B^2】K=【A^2-B^2】【A^2-B^2】=【A^4 _ 2A^2B^2 -B^4】=【A^2-B^2】^2。。。【5】
Z=【A^2+B^2】K=【A^2+B^2】【A^2-B^2】=【A^4-B^4 】。。。。。。。。【6】
由【6】式可知： A^4-B^4=/=C^2。。。。。。。【7】。
因为【6】式不是两个数的平方差公式，【5】式是两个数的平方差公式，【6】式中的数比【5】式中的数少一个-2A^2B^2，故【6】式不是平方数公式。这个公式【7】欧拉已经证明，在这里我就只简要的说明一下，这也是简单的比较证明。
我们再看当数K为A^2+B^2时，则【3】式和【4】式可以写成：
   Y=【A^2-B^2】K=【A^2-B^2 】【A^2+B^2】=【A^4-B^4】。。。。。。【8】。
【8】式与【6】式是一样的，都不是平方数公式。
   Z=【A^2+B^2】K=【A^2+B^2】【A^2+B^2】=【A^4 +2A^2B^2 +B^4】=【A^2+B^2】^2。。【9】
  【5】式和【9】式都是平方数公式。一个是两个数的差的平方数，另一个是两个数的和的平方数。
由【5】，【6】，【7】，【8】，【9】式可以知道了，当数K不管为什么数，都不可能使【3】式和【4】式同时成为一组指数为大于1的同次幂数组。但是却可以使公式【1】式和【2】式成为等式方程。
我们现在给出费马大定理成立的公式。费马大定理的公式是：
X^N+Y^N=/=Z^N。。。。。。。。。。【10】
我们用无穷递降法把【10】式变形成为毕达哥拉斯整数方程形式的二次公式的形式。
根据数的变形原理，有Z=Z^2/2 。。。。。。【11】。
根据【11】式，我们把【10】式变形为下面的公式：
【X^N/2 】^2+【Y^N/2 】^2=/=【Z^N/2 】^2。。。。。。。。。【12】
用【1】式比较【12】，我们看见了，【1】式中的数X,Y,Z是指数为不大于1的一次幂数组，而【12】中的数X,Y,Z都是为大于1的同次幂数组。
根据毕达哥拉斯方程成立的充分必要条件可知，若当一组数为X=【2AB】K，Y=【A^2-B^2 】K，Z=【A^2+B^2 】K时，则有方程X^2+Y^2=Z^2 成立；这为充分条件。
但若当一组数不为X=【2AB】K，Y=【A^2-B^2 】K，Z=【A^2+B^2 】K时，则有X^2+Y^2=/=Z^2这是必要条件。
根据充要条件，我们知道了【1】式和【2】式是等式，而【10】式和【12】式是不等式。
故【10】式和【12】式是正确地，故费马大定理成立。


大家好才是真的好!大家好才是真的好!
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------------看来你们俩可以划等号！

maoguicheng

任在深 发表于 2014-11-6 23:10
自己看看吧！

本帖最后由 caqdnl 于 2014-9-25 14:35 编辑

我的证明中没有看见两边平方这句话。

任在深

------若【2】式中的K=A^2-B^2时，则【3】式和【4】式可以写成：
Y=【A^2-B^2】K=【A^2-B^2】【A^2-B^2】=【A^4 _ 2A^2B^2 -B^4】=【A^2-B^2】^2。。。【5】
Z=【A^2+B^2】K=【A^2+B^2】【A^2-B^2】=【A^4-B^4 】。。。。。。。。【6】
由【6】式可知： A^4-B^4=/=C^2。。。。。。。【7】。

    自己看一看吧！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！！

maoguicheng

任在深 发表于 2014-11-8 22:43
------若【2】式中的K=A^2-B^2时，则【3】式和【4】式可以写成：
Y=【A^2-B^2】K=【A^2-B^2】【A^2-B^2】= ...

【7】式是欧拉证明的一个定理，也是费马的一个猜想被欧拉证明了。