\(1+{1\over n}\)猜想

白新岭

如果陈景润的是"1+2"，则我的猜想可以称谓:\(1+{1\over n}\)猜想，为什么这样说呢？因为陈的"1+2"中的2表示一个含两个素数的合数；而我的n分之一，表示n个捆绑素数，1表示素数；n分之一中的n表示n个数同时是素数，捆绑素数组。

白新岭

一个自由素数+k生素数中的素数，可以表示偶数。在小范围内存在有限个反例，有最小范围值，使其以后的偶数皆可被表示。这里的k任意取值，k生素数，可以是最密k生素数，可以是等差k生素数，可以是等比k生素数（这里的，等差，等比是指k生素数中前后两个素数的差值形成的数列，为等差，或等比）。
       对于某些特定的k生素数，或许也不存在反例，或者起数很小，在100以内，起数后无反例。这里的起数是指第一个合成数。
        希望大家进入激烈的讨论之中。

白新岭

合成数        统计
970350        0
970504        0
973150        0
973234        0
974010        0
989838        0
994066        0
999204        0
用一个自由素数+最密5生素数(0,2,6,8,12)的中项，所合成数，在97万到100万间，只有8个偶数不能被合成，所谓的反例会很快消失，意思是说，估计到1000万以后，应该不在出现"反例"。

白新岭

一个自由素数+k生素数中的素数，可以表示偶数。
这是一个破天荒的猜想。k生素数是任意的，之所以有此猜想，是根据任何二元合成，当合成方法数大于等于((P+1)/2)^2后，每种剩余类都有合成方法，也就是说：未被占用的剩余类个数大于等于(P+1)/2后，任何剩余类总有合成方法；而用一个素数加k生素数中项的和，总有不能合成的剩余类，一个自由素数+k生素数的中项，与加它中的素数，是一个连带性问题，加中项不能合成，加它中的素数就可以合成，它们至少有一个是成立的，也可以同时成立。

白新岭

此主题与一个自由素数+k生素数中的素数和，可以表示全体偶数，是同一个命题，同一个猜想，它包含了哥德巴赫猜想。它的理论基础是：对于一个素数P来说，如果占用的剩余类个数少于(P+1)/2,（或者说，未被占用的剩余类个数大于等于(P+1)/2）,则按P划分的剩余类，任意一类数都有合成方法，或者说，此时，可以合成P的所有剩余类，素数P≥3（意即，素数2不在讨论之内，对于素数2来说，它是一面倒，要么合成偶数，要么合成奇数，它永久不能同时合成它的所有剩余类）。
       上面提到的，可以称谓：剩余类个数过半定理，即对于一个奇素数来说，只要未被占用的剩余类个数大于等于(P+1)/2，二元合成就可以合成它的所有剩余类。

白新岭

这种天方夜谭的猜想就是上帝的猜想，没有人相信世界上，还有上帝的存在。

独木星空谁

人们看懂了陈景润的"1+2".也理解不了1+n分之一。作为一个整体1参与运算，1个代表就把人们给整糊涂了。

白新岭

截止2022年5月10日周二，回复7，浏览量129